Exemplos:
Input: "x; ln(x); sen(x) | 1 : 1; 2 : 2". Output: "x".
Input: "x; ln(x); sen(x) | 1 : 0; euler : 1". Output: "ln(x)".
Input: "x; ln(x); sen(x) | pi : 0; pi/2 : 1". Output: "sen(x)".
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Função mais próxima:
Organização sem fins lucrativos, voltada para a pesquisa e educação em Matemática.
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Encontrar a área entre os gráficos de $2\sin x$ e $\sin 2x$, $0 \le x \le \pi$.
Resolvendo a equação $2\sin x\ =\ \sin 2x$:
$2\sin x\ =\ 2(\sin x)(\cos x)$
Duas soluções são $x = 0$ e $x = \pi$. Para $x \neq 0$ e $x \neq \pi$, $\cos x\ =\ 1$, que não tem solução no universo considerado.
Logo, sendo $A$ a área procurada, $A\ =\ \left| \displaystyle\int_0^\pi [2\sin x\ - 2(\sin x)(\cos x)]\ dx \right|\ =\ 2\left| \displaystyle\int_0^\pi (\sin x)(1 - \cos x)\ dx \right|$.
Seja $u = 1 - \cos x$, $du = \sin x\ dx$.
$A = 2\left| \displaystyle\int_0^2 u\ du \right| = 2 \left| \left. \dfrac{u^2}{2} \right|_0^2 \right| = \left| \left. u^2 \right|_0^2 \right| = \fbox{$4$}$
$I\ =\ \underset{I_1}{\underbrace{\int e^{-x} dx}} + \underset{I_2}{\underbrace{\int 4^x dx}}$
Seja $u = -x$, $du = -dx$.
$I_1 = -\int e^u du = -e^u + c_1 = -e^{-x} + c_1$
$I_2 = \int e^{x \log 4} dx$
Seja $v = x \log 4$, $dv = (\log 4) dx$.
$I_2 = \dfrac{1}{\log 4} \int e^v dv = \dfrac{e^v}{\log 4} + c_2 = \dfrac{4^x}{\log 4} + c_2$
Logo $\fbox{$I = -e^{-x} + \dfrac{4^x}{\log 4} + c$}$.
$\dfrac{x^2 + 1}{x^2 - x}\ =\ 1 - \dfrac{1}{x} + \dfrac{2}{x - 1}$
$\fbox{$I\ =\ x - \log |x| + 2\log |x - 1| + c$}$
$\int \dfrac{x + 2}{x^2 + 4x + 4 + 7} dx\ =\ \int \dfrac{x + 2}{(x + 2)^2 + 7} dx\ = I$
Seja $u = x + 2$, $du = dx$.
$I\ =\ \int \dfrac{u}{u^2 + 7} du$
Seja $v = u^2$, $dv = 2u du$.
$I\ =\ \dfrac{1}{2} \int \dfrac{dv}{v + 7}\ =\ \dfrac{\log |v + 7|}{2} + c\ =\ \dfrac{\log |u^2 + 7|}{2} + c\ =\ \dfrac{\log |x^2 + 4x + 11|}{2} + c$
$f(1) = 0\ \Rightarrow\ c = -\log 4$
$f(0)\ =\ \dfrac{\log 11}{2} - \log 4\ = \fbox{$\log \dfrac{\sqrt{11}}{4}$}$
Seja $f:\ \mathbb{R}\ \rightarrow\ \mathbb{R}$ contínua em $\mathbb{R}$ tal que $|f(x)| \le |x^3 + x^2|$, para todo $x \in \mathbb{R}$. A função $f$ é derivável em $0$?
Resolução:
Observemos inicialmente que $f(0) = 0$.
$f'(0)\ =\ \lim_{h \rightarrow 0} \dfrac{f(h) - f(0)}{h}\ =\ \lim_{h \rightarrow 0} \dfrac{f(h)}{h}$
$-x^3 - x^2 \le f(x) \le x^3 + x^2\ \overset{x > 0}{\Rightarrow}\ -x^2 - x \le \dfrac{f(x)}{x} \le x^2 + x$
$-x^3 - x^2 \le f(x) \le x^3 + x^2\ \overset{x < 0}{\Rightarrow}\ -x^2 - x \ge \dfrac{f(x)}{x} \ge x^2 + x$
Logo, pelo teorema do confronto, $f'(0)$ existe e é igual a $0$.
Sabe-se que $f:\ \mathbb{R}\ \rightarrow\ \mathbb{R}$ é uma função derivável em $\mathbb{R}$ e que a reta tangente ao gráfico de $f$ no ponto de abscissa $3$ é $x + 2y = 6$. Seja $g:\ \mathbb{R}\ \rightarrow\ \mathbb{R}$ dada por $g(x) = (f(\sqrt{9 + 4x}))^2$. Determine $g'(0)$.
Resolução:
Observemos inicialmente que $f(3) = \dfrac{3}{2}$ e $f'(3) = -\dfrac{1}{2}$.
$g'(x)\ =\ 2f(\sqrt{9 + 4x}) \cdot f'(\sqrt{9 + 4x}) \cdot \dfrac{1}{2\sqrt{9 + 4x}} \cdot 4$
$g'(0)\ =\ \dfrac{4f(3) \cdot f'(3)}{3}\ = \fbox{$-1$}$
Sejam $f:\ \mathbb{R}\ \rightarrow\ \mathbb{R}$ uma função derivável até a segunda ordem e $g:\ \mathbb{R}\ \rightarrow\ \mathbb{R}$ dada por $g(x) = x f(x + 1 + \sin 2x)$. Calcule $g''(x)$. Sabendo que $f'(1) = -2$, calcule $g''(0)$.
Resolução:
$g'(x) = f(x + 1 + \sin 2x) + x (1 + 2\cos 2x) f'(x + 1 + \sin 2x)$
$\fbox{$\displaylines{g''(x) =& (1 + 2\cos 2x) f'(x + 1 + \sin 2x) + (1 + 2\cos 2x - 4x\sin 2x) f'(x + 1 + \sin 2x) + \\ &+ x (1 + 2\cos 2x)^2 f''(x + 1 + \sin 2x)}$}$
$g''(0) = 3f'(1) + 3f'(1) = \fbox{$-12$}$