Sejam $x, y \in \mathbb{R}_+^*$ e $a \in \mathbb{R}_+^* - \{1\}$, demonstrar $\log_a x + \log_a y = \log_a xy$.
Resolução:
Chamemos $L_1 = \log_a x$ e $L_2 = \log_a y$.
$x = a^{L_1}$ e $y = a^{L_2}$
$xy = a^{L_1} \cdot a^{L_2} = a^{L_1 + L_2}\ \Rightarrow$
$\Rightarrow\ \log_a xy = L_1 + L_2\ \Rightarrow\ \fbox{$\log_a xy = \log_a x + \log_a y$}$
C.Q.D.
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terça-feira, 22 de junho de 2021
Sejam $x, y \in \mathbb{R}_+^*$ e $a \in \mathbb{R}_+^* - \{1\}$, demonstrar $\log_a x + \log_a y = \log_a xy$.
domingo, 20 de junho de 2021
Derivada do logaritmo natural.
Seja $y = \log x$, com $x$ real e positivo.
$x = e^y$
Derivando implicitamente com relação a $x$:
$1 = y'e^y\ \Rightarrow\ y' = \dfrac{1}{e^{\log x}}$.
Logo $\fbox{$(\log x)' = \dfrac{1}{x}$}$.
Demonstração do terceiro limite fundamental, $\lim_{x \rightarrow 0} \dfrac{a^x - 1}{x}\ =\ \log a$.
Demonstração do terceiro limite fundamental, $\lim_{x \rightarrow 0} \dfrac{a^x - 1}{x}\ =\ \log a$.
Seja $y = a^x - 1$.
$y + 1 = a^x\ \Rightarrow\ \log (y + 1) = x \log a\ \Rightarrow\ x = \dfrac{\log (y + 1)}{\log a}$
Observemos que $x \rightarrow 0\ \Rightarrow\ y \rightarrow 0$.
$\lim_{x \rightarrow 0} \dfrac{a^x - 1}{x}\ =\ \lim_{y \rightarrow 0} \dfrac{y}{\dfrac{\log (y + 1)}{\log a}}\ =\ \lim_{y \rightarrow 0} \dfrac {\log a}{\dfrac{\log (y + 1)}{y}}\ =\ \dfrac{\log a}{\log \lim_{y \rightarrow 0} (1 + y)^{1/y}}$
O segundo limite fundamental é $\lim_{y \rightarrow 0} (1 + y)^{1/y}\ =\ e$. Logo:
$\fbox{$\lim_{x \rightarrow 0} \dfrac{a^x - 1}{x}\ =\ \log a$}$.
Integral do logaritmo $\log_a x$.
Por partes:
$I\ =\ x\log x - \int \dfrac{x}{x} dx\ =\ x\log x - x + c$
Como $\log_a x = \dfrac{\log x}{\log a}$, $\fbox{$\int \log_a x\ dx\ =\ \dfrac{x\log x - x}{\log a} + C$}$.
domingo, 8 de novembro de 2020
$L\ =\ \lim_{x \rightarrow 0} \dfrac{a^x - b^x}{x}$
$\bullet$ Primeiro caso: $a = b = 0$:
$\lim_{x \rightarrow 0} \dfrac{0}{x}\ = \fbox{$0$}$
$\bullet$ Segundo caso: $a \neq 0\ \wedge\ b = 0$:
$\lim_{x \rightarrow 0^+} \dfrac{a^x}{x}\ = +\infty$
$\lim_{x \rightarrow 0^-} \dfrac{a^x}{x}\ = -\infty$
Logo $\fbox{$\nexists L$}$.
$\bullet$ Terceiro caso: $a = 0\ \wedge\ b \neq 0$:
$\lim_{x \rightarrow 0^+} \dfrac{-b^x}{x}\ = -\infty$
$\lim_{x \rightarrow 0^-} \dfrac{-b^x}{x}\ = +\infty$
Logo $\fbox{$\nexists L$}$.
$\bullet$ Quarto caso: $a \neq 0\ \wedge\ b \neq 0$:
Aplicando L'Hospital:
$L\ =\ \lim_{x \rightarrow 0} [(a^x \log a) - (b^x \log b)]\ = \fbox{$\log \dfrac{a}{b}$}$
$\lim_{x \rightarrow 0^+} (e^x + 3x)^{1/x}$
$\lim_{x \rightarrow 0^+} (e^x + 3x)^{1/x}\ =\ \lim_{x \rightarrow 0^+} e^{\dfrac{\log (e^x + 3x)}{x}}\ =$
$=\ e^{\lim_{x \rightarrow 0^+} \dfrac{\log (e^x + 3x)}{x}}\ =\ e^{\lim_{x \rightarrow 0^+} \dfrac{e^x + 3}{e^x + 3x}}\ =\ \fbox{$e^4$}$
domingo, 10 de maio de 2020
Exercício: encontre a derivada de $f(x) = x^x$, $x > 0$.
Logo $f'(x) = e^{x\log x}(\dfrac{x}{x} + \log x) = \fbox{$x^x(1 + \log x)$}$
quarta-feira, 24 de julho de 2019
Exercício: cologaritmo.
Resolução:
$colog_{\sqrt{3}}(\dfrac{1}{81}) = -\log_{\sqrt{3}}(\dfrac{1}{81}) = -2\log_3(\dfrac{1}{81}) =$
$= 2\log_3(81) = 2 \cdot 4 = 8$
domingo, 16 de dezembro de 2012
Exercício: número de algarismos de uma potência.
Resolução :
$\log_{10} 2\ = 0,30103 + m_1$, onde $-5\ \cdot\ 10^{-6}\ \le\ m_1\ <\ 5\ \cdot\ 10^{-6}$
$1000\ \cdot\ \log_{10} 2\ =\ 301,06 + m_2$, onde $-5\ \cdot\ 10^{-3}\ \le\ m_2\ <\ 5\ \cdot\ 10^{-3}$
$\log_{10} 2^{1000}\ =\ 301,06 + m_2$
$2^{1000}\ =\ 10^{301,06 + m_2}\ =\ 10^{301}\ \cdot\ 10^{m_3}$, onde $0\ <\ m_3\ <\ 1$
Como $1\ <\ 10^{m_3}\ < 10$, $x$ terá $301 + 1\ =\ 302$ algarismos.
sábado, 15 de dezembro de 2012
Exercício: mensagem de erro na calculadora.
Resolução :
$88888888\ =\ 8,8888888\ \cdot\ 10^7$
$\log\ (8,8888888\ \cdot\ 10^7)\ =\ 7 + m_1$, onde $0\ <\ m_1\ <\ 1$
$\log\ (7 + m_1)\ =\ 0 + m_2$, onde $0\ <\ m_2\ <\ 1$
$\log\ m_2\ <\ 0$
Ao extrair o logaritmo de um número negativo, receberemos a mensagem de erro. Logo o número que a tecla LOG deve ser pressionada é $4$.
Exercício: logaritmos #6.
Resolução:
$p\ =\ \log_5 2\ \Rightarrow\ \log_2 5\ =\ \dfrac{1}{p}$
$\log_2 100\ =\ \log_2 (2^2\ \cdot\ 5^2)\ =\ 2\ \cdot\ [(\log_2 2) + (\log_2 5)]\ =$
$=\ 2\ \cdot\ (1 + \dfrac{1}{p})\ =\ \dfrac{2p + 2}{p}$
Exercício: logaritmos #5.
Resolução :
$\log_{\sqrt{2}} (\log_3 2\ \cdot\ \log_4 3)\ =\ \log_{2^\dfrac{1}{2}} (\log_3 2\ \cdot\ \log_{2^2} 3)\ =$
$=\ 2\ \cdot\ \log_2 (\log_3 2\ \cdot\ \dfrac{\log_2 3}{2})\ =\ 2\ \cdot\ \log_2 (\dfrac{\log_3 3}{2})\ =\$
$=\ 2\ \cdot\ \log_2 \dfrac{1}{2}\ =\ -2$
Exercício: logaritmos #4.
Resolução :
$\log_a (x² - 3x + 2)\ =\ \log\ 6^{\log_a 10}\ =\ (\log_a 10)(\log\ 6)$
$x^2 - 3x + 2\ =\ 10^{\log\ 6}\ =\ 6$
$(x\ =\ 4) \vee\ (x\ =\ -1)$
Exercício: logaritmos #3.
Resolução :
$x\ =\ 10^\dfrac{3}{5}$
$b\ =\ 10^\dfrac{2}{3}$
$\log_b x\ =\ \dfrac{3}{5}\ \cdot\ \dfrac{3}{2}\ \cdot\ \log\ 10\ =\ 0,9$
sexta-feira, 14 de dezembro de 2012
Exercício: áreas na função logaritmica.
Resolução:
Primeiramente calculemos as ordenadas de $D$ e $E$:
$D\ =\ (2\ ,\ \log_a 2)$
$E\ =\ (4\ ,\ \log_a 4)$
Calculemos a área $S_1$ do trapézio:
$S_1\ =\ \dfrac{(\log_a 2 + \log_a 2^2)\ \cdot\ (4 - 2)}{2}\ =\ 3\log_a 2$
Como $S_1\ =\ 3$, temos:
$\log_a 2\ =\ 1\ \Rightarrow\ a\ =\ 2$
Então $D\ =\ (2\ ,\ 1)$
Logo a área $S_2$ do triângulo será :
$S_2\ =\ \dfrac{(2 - 1)\ \cdot\ 1}{2}\ =\ \dfrac{1}{2}$.
Exercício: logaritmos #2.
Consideremos inicialmente $x\ \neq\ 1$, então:
$\log_x a\ =\ \dfrac{1}{P}$
$\log_x b\ =\ \dfrac{1}{Q} $
$\log_x abc\ =\ \dfrac{1}{R}$
E chamando $\log_c x\ =\ S$
$\log_x c\ =\ \dfrac{1}{S}$
Teremos:
$(\log_x a) + (\log_x b) + (\log_x c)\ =\ \dfrac{1}{P} + \dfrac{1}{Q} + \dfrac{1}{S}\ =\ \log_x abc\ =\ \dfrac{1}{R}$
Donde:
$\dfrac{1}{S}\ =\ \dfrac{PQ - PR - QR}{PQR}\ \Rightarrow\ S\ =\ \dfrac{PQ - PR - QR}{PQR}$
__
E para $x\ =\ 1$:
$\log_c x\ =\ 0$
Exercício: logaritmos.
Resolução:
Observemos que se $a\ \neq\ 1$ também teremos $b\ \neq\ 1$, o que garante a existência de $\log_b y$.
Se $ab\ =\ 1$ então $b\ =\ \dfrac{1}{a}$, assim:
$\log_a x\ =\ \log_\dfrac{1}{a} y$
$\log_a x\ =\ \log_a \dfrac{1}{y}$
Donde :
$x\ =\ \dfrac{1}{y}\ \Rightarrow\ xy\ =\ 1$
Exercício: difusão de uma notícia.
Sabe-se também que decorrida $1$ hora da divulgação do plano $50\%$ da população já estava ciente da notícia.
a) Qual a porcentagem da população que tomou conhecimento do plano no instante em que foi noticiado?
b) Qual a população do país?
c) Após quanto tempo $80\%$ da população estava ciente do plano?
Resolução :
a)
No instante em que a notícia foi divulgada, $t\ =\ 0$. Logo :
$f(0)\ =\ \dfrac{A}{1 + 4e^{-\dfrac{A}{2}\ \cdot\ 0}}\ =$
$=\ \dfrac{A}{1 + 4e^0}\ =\ \dfrac{A}{1 + 4}\ =\ \dfrac{A}{5}\ =\ 20\ \%\ \cdot\ A$
__
b)
$50\ \%$ da população já sabia da notícia $1$ hora após sua divulgação, logo :
$f(1)\ =\ \dfrac{A}{2}\ =\ \dfrac{A}{1 + 4e^{-\dfrac{A}{2}}}$
$\dfrac{1}{2}\ =\ \dfrac{1}{1 + 4e^{-\dfrac{A}{2}}}$
$1\ =\ 4e^{-\dfrac{A}{2}}$
$\dfrac{1}{4}\ =\ e^{-\dfrac{A}{2}}$
$\ln\ \dfrac{1}{4}\ =\ -\dfrac{A}{2}$
$\dfrac{A}{2}\ =\ 2\ln\ 2$
$A\ =\ 4\ln\ 2$
__
c)
$\ 80\%\ \cdot\ A\ =\ \dfrac{A}{1 + 4e^{-\dfrac{A}{2}t}}$
$\dfrac{4}{5}\ =\ \dfrac{1}{1 + 4e^{-\dfrac{A}{2}t}}$
$4e^{-\dfrac{A}{2}t}\ =\ \dfrac{1}{4}$
$\ln\ \dfrac{1}{16}\ =\ -\dfrac{A}{2}t$
Como $A\ =\ 4\ln\ 2$:
$\ln\ \dfrac{1}{16}\ =\ -\dfrac{4\ln\ 2}{2}t$
$-4\ln\ 2\ =\ -2(\ln\ 2)\ \cdot\ t$
$t\ =\ 2$ horas.
Exercício: escala Richter.
$I\ =\ \dfrac{2}{3}\log_{10} \dfrac{E}{E_0}$,
Onde $E$ é a energia liberada no terremoto em quilowatt-hora e $E_0\ =\ 7\ \cdot\ 10^{-3}\ kWh$.
a) Qual a energia liberada num terremoto de intensidade $8$ na escala Richter?
b) Aumentando de uma unidade a intensidade do terremoto, por quanto fica multiplicada a energia liberada?
Resolução:
a)
$8\ =\ \dfrac{2}{3}\log_{10} \dfrac{E}{E_0}$
$12\ =\ \log_{10} \dfrac{E}{E_0}$
$10^{12}\ =\ \dfrac{E}{E_0}$
$E\ =\ 7\ \cdot\ 10^{-3}\ \cdot\ 10^{12}\ =\ 7\ \cdot\ 10^9\ kWh$
__
b)
$I + 1\ =\ \dfrac{2}{3}\log_{10} \dfrac{E}{E_0} + 1\ =$
$=\ \dfrac{2}{3}\log_{10} \dfrac{E}{E_0} + \log_{10} 10\ =$
$=\ \dfrac{2}{3}\log_{10} \dfrac{E}{E_0} + \dfrac{2}{3}\ \cdot\ \dfrac{3}{2}\log_{10} 10\ =$
$=\ \dfrac{2}{3}\log_{10} \dfrac{E}{E_0} + \dfrac{2}{3}\ \cdot\ \log_{10} \sqrt{1000}\ =$
$=\ \dfrac{2}{3}(\log_{10} \dfrac{E}{E_0} + \log_{10} \sqrt{1000})\ =$
$=\ \dfrac{2}{3}\log_{10} \dfrac{E\ \cdot\ \sqrt{1000}}{E_0}$
Ou seja, a energia liberada fica multiplicada pelo fator $10\sqrt{10}$.